pdo LIKE不工作

-2

我的代碼在這裏是jQuery的ajax調用的一部分，並返回數據庫中的所有結果而不是隻有項目像我已經進入，我不明白爲什麼，有什麼建議嗎？pdo LIKE不工作

$lname = '%'.$_POST['lname'].'%'; 

$database->query("SELECT * FROM cust WHERE org_id = :org_id AND lname LIKE :lname"); 
$database->bind(':lname',$lname); 
$database->bind(':org_id',$_SESSION['org_id']); 
$existing = $database->resultset();

提前

來源

2013-10-24 Deano

你的意思是返回所有'ord_id = ... '行，不管lname？你確認$ _POSt ['lname']是否包含你認爲它的作用？ –

mark，是的，它正確，它返回所有org_id條目並忽略LIKE部分。如果我將LIKE更改爲=（並刪除％符號），它似乎都起作用了。我也手動輸入了一個名字，這是在數據庫中，即AND lname LIKE'％smith％'，這是一種享受。 – Deano

**您是否確認''_POST ['lname']'包含您認爲它所做的事情？** –

-1

非常感謝您不能直接從PDO連接變量執行代碼。
這是bindParam沒有綁定
有一個在沒有「結果集」功能PDO
要使用bindParam你必須要包住 SQL代碼PDO準備追加值功能。

總體代碼應該是：

其中

$lname = '%'.$_POST['lname'].'%'; 
$sql=$database->prepare("SELECT * FROM cust WHERE org_id = :org_id AND lname LIKE :lname"); 
$sql->bindParam(':lname',$lname,PDO::PARAM_STR); 
$sql->bindParam(':org_id',$_SESSION['org_id'],PDO::PARAM_INT); 
$sql->execute(); 
$existing=$sql->fetch();//Resultset

$數據庫是一個有效的PDO連接。

來源

2013-10-24 15:04:59 Subin

我越來越認爲你的年齡不再是匆忙和毫無意義的答案的藉口。 –

如果你打算只改變一件輕微和毫無意義的事情，但是隻是重新發布OP的代碼，那麼至少應該指出你在那裏做了那麼小的改變...... –

對不起，我應該提到，即時通訊在這裏使用這個類：http： //culttt.com/2012/10/01/roll-your-own-pdo-php-class/我知道這個連接是可以工作的，因爲我已經在不同的地方使用它們了。感謝您的幫助，雖然在這 – Deano

終於拿到這個排序，在PHP文件，我需要這行只是回聲之前添加：

header("Content-Type: application/json", true);

謝謝大家對你的努力

來源

2013-10-30 15:25:07 Deano

如果您更好地解釋代碼和問題，其他用戶將得到答案。 – Subin

回答

相關問題