從文件名設置PHP變量

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我是PHP的新手，試圖從目錄中選擇一個文件，然後使用該文件名來設置$filename變量，這樣我就可以處理文件（打開，循環，等等。）。但是，$filename在我選擇它之後仍爲空。從文件名設置PHP變量

<?php 
    $filename = ""; 
    if ($_SERVER["REQUEST_METHOD"] == "POST") { 
    $filename = test_input($_POST["filename"]); 
    } 

    function test_input($data) { 
    $data = trim($data); 
    $data = stripslashes($data); 
    $data = htmlspecialchars($data); 
    return $data; 
    } 
?> 

<form method="POST" action="processFile.php"> 
    <input type="file" name="filename"> 
    <input type="submit" name="submit" action="Submit" value="Submit"> 
</form>

processFile.php：

<?php 

$filename = $_POST['filename']; 
$handle = fopen ($filename, "r"); 

$header = fgetcsv($handle, '', "\t"); // gets a row at a time, so first row 
fclose($handle); 

print "<br />"; 

$cols = $header; 

$length = count($cols); 

var_dump($cols); 

print "<br />"; 
?>

來源

2015-05-15 sqldoug

歡迎來到Stack Overflow！你的問題有點難以理解，你能澄清一下嗎？您正在使用'fgetcsv'來讀取一個文件，它應該是一個csv文件嗎？此外，第一個剪輯中的代碼的目的是什麼？ – Schlaus

這應該是一個文件上傳，或者你實際上是在讀取一個服務器文件嗎？閱讀[處理文件上傳]（http://php.net/manual/en/features.file-upload.php） – Devon

我認爲問題是獲取文件的完整路徑...展望 – sqldoug

您需要將此代碼添加到您的形式，使文件上傳

<form method="POST" action="processFile.php" enctype="multipart/form-data"> 
    <input type="file" name="filename"> 
    <input type="submit" name="submit" action="Submit" value="Submit"> 
</form>

來源

2015-05-15 19:22:18 Cody

您的形式缺少一個有效的加密類型enctype="multipart/form-data"和你使用$_POST而不是$_FILES，這是處理文件時需要的。

將enctype="multipart/form-data"放置在窗體標籤中。
更改爲$_FILES['filename']
的$_POST['filename']所有實例從您輸入刪除action="Submit"。操作保留爲<form>而不是輸入。

資源：

其實，這修復它：$名稱= $ _FILES [ '文件名'] [」名稱']; - sqldoug

如文檔/資源的鏈接中列出。

來源

2015-05-15 19:31:12

@sqldoug旁註：我必須離開一段時間，但如果您有任何問題，請稍後再回來*歡呼* –

print_r（$ _ FILES）;給出正確的文件名，但不是它的完整路徑，我認爲這是問題。要處理的文件與php文件不在同一個目錄中;它在任何Web服務器目錄之外。 – sqldoug

實際上，這個修正了它：'$ name = $ _FILES ['filename'] ['name'];' – sqldoug

從文件名設置PHP變量

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