破損的文件圖標從數據庫中檢索圖像php和mysql

我需要從數據庫上傳和檢索圖像，我能夠將圖像存儲在數據庫中，但以後無法顯示。請幫忙我寫了下面的代碼從數據庫中檢索。破損的文件圖標從數據庫中檢索圖像php和mysql

$result1=mysql_query("INSERT INTO userdata(id, username, firstname, lastname, imageType, image)VALUES('', '" . $_SESSION['username'] . "', '" . $_SESSION['firstname'] . "', '$lastname','{$image_size['mime']}','{$imgData}')") or die("Invalid query: " . mysql_error()); 
if($result1) 
{ 
echo "</br>"; 
echo "Registration successful"; 
echo "</br>"; 
echo $lastid=mysql_insert_id();//get the id of the last record 
echo "uploaded image is :"; ?> 
<img src="imageView.php?image_id=<?php echo $lastid; ?>" /><br/> 

<?php 
echo "</br>";  
}#if result1into db successful 
else 
{ 
echo $result1; 
echo "Problem in database operation";

imageView.php具有下面的代碼：

<?php 
    $conn = mysql_connect("localhost", "root", ""); 
    mysql_select_db("wordgraphic") or die(mysql_error()); 
     if(isset($_GET['id'])) { 
     $sql = "SELECT imageType,image FROM userdata WHERE id=". $_GET['image_id']; 
     $result = mysql_query("$sql") or die("<b>Error:</b> Problem on Retrieving Image BLOB<br/>" . mysql_error()); 
     $row = mysql_fetch_array($result); 
     header("Content-type: " . $row["imageType"]); 
     echo $row["image"]; 
     } 
    mysql_close($conn); 
?>

還有什麼可能是錯誤的代碼？當我嘗試運行imageView.php與靜態ID圖像正在顯示。所以我猜錯誤是在傳遞變量是這樣的代碼：

echo "uploaded image is :"; ?> 
<img src="imageView.php?image_id=<?php echo $lastid; ?>" /><br/> 
<?php

什麼可能是錯的？

來源

2015-04-23 Azra Mahrukh

爲什麼使用'if（isset（$ _GET ['id']））'而您不使用URI傳遞它？ –

它實際上是

只是一個SMaL公司整改

<img src="imageView.php?image_id=<?php echo $lastid; ?>" />

，而不是在那裏UR保存圖像文件中的圖片文件夾讓說這 SRC = SRC路徑應該在此$imagedata店的文件名在DB這樣就可以了從圖像文件夾中檢索它

<img src="images/$imgData" width="your wish" height="your wish"/>

來源

2015-04-23 12:19:45 Neelesh

但我已經保存圖像在數據庫中，而不是在文件夾中，而不是「/> lastid是最後插入的圖像的ID，我希望dt圖像被顯示。 –

而不是將它保存在你的數據庫中，這是一個最好的做法，在一個文件夾中保存文件上傳，然後將該文件名保存到你的數據庫，因爲我在src文件中添加該文件夾，然後添加你通過這種方式存儲在數據庫中的圖像名稱，這非常容易，即使通過簡單地使用unlink（folderpath/imagename）刪除該圖像， – Neelesh

破損的文件圖標從數據庫中檢索圖像php和mysql

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