C++模板：找不到當超載

請考慮以下的例子基類類型參數方法：C++模板：找不到當超載

#include <iostream> 

class Base { 
public: 
    virtual void foo(std::string str) = 0; 
    void foo() { foo("LOL"); } 
}; 

class Derived : public Base { 
public: 
    void foo(std::string str) { std::cout << str << std::endl; } 
}; 

template<class T> class MyTemplate { 
public: 
    void print() { a.foo(); } 
    T a; 
}; 

int 
main(int argc, char** argv) 
{ 
    MyTemplate<Derived> a; 
    a.print(); 
}

編譯時，我有以下錯誤：

main.cpp: In instantiation of ‘void MyTemplate<T>::print() [with T = Derived]’: 
main.cpp:24:11: required from here 
main.cpp:16:18: error: no matching function for call to ‘Derived::foo()’ 
    void print() { a.foo(); } 
       ^
main.cpp:16:18: note: candidate is: 
main.cpp:11:8: note: virtual void Derived::foo(std::string) 
    void foo(std::string str) { std::cout << str << std::endl; } 
     ^
main.cpp:11:8: note: candidate expects 1 argument, 0 provided

它發現該溶液是寫：

void print() { a.Base::foo(); }

但是爲什麼呢？爲什麼G ++不能自己找到Base :: foo（）方法？

由於

來源

2017-08-08 SIL_BFT

因爲'a.foo（）'不帶任何參數，但是您的派生類函數'foo（）'將'string'作爲參數。 –

@克勞斯我想這不是那個笨蛋...... –

@EdgarRokyan：葉普，你說得對。刪除了評論和投票...謝謝 – Klaus

的原因是，方法foo在Derived類隱藏與從Base類繼承的相同名稱的所有方法。因此，僅接受std::string作爲參數的方法foo的單一版本可用於通過Derived進行的呼叫。因此，你必須調用foo它不接受任何參數明確使用的語法：

a.Base::foo();

注意，你也可以使用using declaration作出繼承foo可見Derived類：

class Derived : public Base { 
public: 
    using Base::foo; 
    void foo(std::string str) { std::cout << str << std::endl; } 
};

有了這個更改下一個代碼變得有效：

a.foo();

來源

2017-08-08 16:26:52

C++模板：找不到當超載

回答

相關問題