試圖在一個SQL後更新SQL

我正在計算AGE DATE字段中的DATE，然後我想將它推入基於DOB的正確年齡的AGE。所以，當我調試的出生日期計算年齡的作品，但它不能更新AGE代碼：試圖在一個SQL後更新SQL

<?php 
$servername = "localhost"; 
$username = "usernameexmaple"; 
$password = "passworking"; 
$dbname = "dbnameworking"; 

// Create connection 

// Create connection 
$conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname); 
// Check connection 
if ($conn->connect_error) { 
    die("Connection failed: " . $conn->connect_error); 
} 

$sql = "SELECT id as ID, YEAR(CURRENT_TIMESTAMP) - YEAR(dob) - (RIGHT(CURRENT_TIMESTAMP, 5) < RIGHT(dob, 5)) as age 
    FROM regio_users"; 
    $sql2 = ("UPDATE regio_users SET age = '$newage' WHERE id ='$newid' "); 
$result = $conn->query($sql); 
if ($result->num_rows > 0) { 
    // output data of each row 
    while($row = $result->fetch_assoc()) { 
     $newage = $row['age']; 
     $newid = $row['ID']; 
    $sql2 = ("UPDATE regio_users SET age = '$newage' WHERE id ='$newid' "); 
    $result2 = $conn->query($sql); 
if ($result2){ 
    echo "done"."<br>"; 
} 
    } 

    } 
else { 
    echo "0 results"; 
} 
$conn->close(); 
?>

它回聲做了每一個ID，但不是在所有更新任何東西。

來源

2016-06-29 Mr.Samxo

'$ result2 = $ conn-> query（$ sql2）;'使用'$ sql2'運行更新查詢 – Saty

非常感謝，在我發佈之前，請再次閱讀我的腳本。對不起，浪費時間，並非常感謝你爲我趕上它。 –

您已經使用$result2 = $conn->query($sql);這是不正確。您必須使用$result2 = $conn->query($sql2);，因爲$sql2是您形成的新查詢。

來源

2016-06-29 11:35:13

正如saty指出的那樣，請使用正確的變量名稱。
檢查autocommit是否開啓。如果沒有，請確保您提交數據。在PHP中檢查它的語法。

來源

2016-06-29 11:33:39 Utsav

這可以用一行SQL來完成，而不是使用PHP遍歷所有行只更新年齡：

UPDATE `regio_users` SET `age` = YEAR(CURRENT_TIMESTAMP) - YEAR(`dob`) - (RIGHT(CURRENT_TIMESTAMP, 5) < RIGHT(`dob`, 5));

來源

2016-06-29 11:33:58

試圖在一個SQL後更新SQL

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