不知道爲什麼插入數據庫不起作用？

我有一個查詢方法是這樣的：不知道爲什麼插入數據庫不起作用？

class classOne { 
    // Relevant variables 
    protected $db, $result; 

    public function query ($sql) { 
    $this->result = $this->db->query($sql); 
    // So, run mysql query provided by the argument 
    } 
}

然後插入方法是這樣的：

class classTwo extends classOne { 
    public function insertStuff ($id, $text) { 
    $this->query("INSERT INTO Tablename (id, text, time) VALUES ($id, $text, NOW())"); 
    } 
}

然後，我實例化類$c = new classTwo;並調用該方法（包括在不同的PHP文件，但與類文件在同一個文件夾中）$c->insertStuff(1, "This is a test");。

我沒有得到erros，表沒有得到任何字段，甚至沒有空的。但是直接使用方法與硬編碼值，如：

public function insertStuff ($id, $text) { 
    $this->query("INSERT INTO Tablename (id, text, time) VALUES (1, "Some text", NOW())"); 
}

它將工作。然後我嘗試用參數替換硬編碼值1以查看它何時停止工作，它接受NOW()字段併成功插入一個新行，但只要我在其他文件中使用$text引用了我的方法調用，它停止，不會添加任何東西。

所有必需的文件都是必需的，如果有的話，它會引發錯誤。我很困惑。

來源

2013-03-10 ejx

這是沒有意義的使用PDO /庫MySQLi，如果你不採取利用預準備語句（這也是爲什麼你的代碼失敗了，你忘記了''''準備語句會照顧你的東西（*和*他們會讓你的代碼免於SQL注入！）） – h2ooooooo 2013-03-10 14:28:33

因爲你的變量'$ text'不包含周圍的引號。它必須在查詢中被引用爲'（$ id'$ text'，NOW（））'_它已被正確地轉義出來了！_ – 2013-03-10 14:28:37

提醒：當某些東西不起作用時，*首先*啓用錯誤報告，詢問數據庫API相同。 – mario 2013-03-10 14:34:05

您需要在查詢字符串之前和之後添加「

修復代碼：

$this->query("INSERT INTO Tablename (id, text, time) VALUES ($id, '$text', NOW())");

來源

2013-03-10 14:30:56

不知道爲什麼插入數據庫不起作用？

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