directory-structure

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    我想知道是否有人知道更乾淨的方法來做到這一點。我有一段程序將列出包含文件的所有輸入目錄。 但是,爲此,我手動將每個輸入目錄存儲爲一個變量,並將它們用作搜索目標。 我想知道是否有更乾淨的方法來做到這一點? 例如,僞代碼,我有我的頭,此刻是: 開始在目錄Date,If FolderName == "Input"那麼所有子文件夾存儲陣列InputSubs 對於每個文件夾中InputSubs,如果沒有子文

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    這是我想要做的:給定目錄「XYZ」,我希望能夠設置XYZ的方式,一旦有新的子目錄(「ABC」)創建它,默認情況下,該子目錄包含3個子(「1」,「2」,「3」)。例如:ls -la/ABC/XYZ /將顯示3個文件夾,而無需我手動創建這3個文件夾

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    問題: 我不確定如何爲Symfony設置多客戶端應用程序,以便我們不會違反Symfony的最佳實踐並針對該框架進行工作。 我想有一個主要的核心命名空間,其中將包含所有的基礎模型類。在覈心旁邊,我想根據客戶端區域設置設置將使用的客戶端特定命名空間。例如美國市場的LocalUS,英國市場的LocalUK等。 Local *命名空間應該優先考慮包含分枝模板,並且作爲fallback使用核心共同分享視圖(

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    當我到處搜索時,我想從搜索結果中排除JS和js.map文件。 (我正在使用TypeScript)。我預期的行爲是從搜索無處不在的這些文件。 是的,我可以將文件標記爲純文本,但這在每個文件的基礎上很麻煩。 我已經使用範圍: 我研究這些鏈接: PHPStorm exclude files by mask from indexing How to exclude file from PhpStorm g

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    即時通訊全新的Ruby和我剛完成編程的程序。 該程序有大約350行代碼,6種方法但沒有類。它使用常量和全局變量。 這是慣例,例如,在一個單獨的文件中有全局變量/常量嗎?我應該把所有的方法分成不同的文件嗎? 什麼文件夾應該像我擁有所有文件的位置? 和最後,如何創建一個makefile(或Rake文件管它叫什麼。我有耙rubygem) 非常感謝你

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    我想要有一個過濾器,看看文件是否存在,以及有多少:我試圖拿起如下腳本: $list = glob($filepath.$filenamePartial'*'.$ext); var_dump($list); 解決1: $list = glob($filepath.$FsisName.'_'.$count.'_'.'*'.$ext); if (count($list) <= 0){

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    可以說,我有這樣的 ____ | Root |_____ Folder1 |_____ Folder2 |_____ Subfolder2.1 Subfolder2.2 |______ Subfolder2.2.1 的目錄結構,如果我想從Subfolder2.1向上移動到Ro

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    我開始開發一個新的Angular 2應用程序,我試圖遵循官方的Angular 2樣式指南。我的應用程序大部分都是由一系列模塊組成的(大約10個模塊),它們對彼此一無所知。因此,我可以使用延遲加載並通過Angular 2路由器訪問這些模塊。 |- app | |- +module1 | | |- module1-list | | | |- module1-list.component.html

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    我有一個約15k的字符總數限制,我可以在其中列出一組文件路徑和文件名。我想知道我可以在這個字符數列表中有效地放置多少個文件路徑。

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    所以我有這個網站我最初與Symfony 2.8.6開發。我更新了composer.json文件到Symfony 3.0並運行$ composer update。它成功安裝了所有新的必需供應商。 不過,我仍然提供了與舊目錄結構: cache/目錄仍處於app/代替var/ logs/目錄仍處於app/代替var/ console文件仍然在app/而不是bin/ 怎麼回事?我該怎麼辦? As requ