下面是我在做什麼數據我有兩個表一個是菜單等是子顯示兩個表(菜單和子菜單)
Menu table :
- id
- name
- num
submenu table :
- ids
- id
- sname
- url
的聯繫是「ID」。
我這樣做的菜單,但我想顯示菜單&她的子菜單
<?
$getcat = mysql_query("select * from menu ORDER BY num ");
$recordno = mysql_num_rows($getcat);
if ($recordno > 0) {
while ($rowc = mysql_fetch_array($getcat)) {
echo "
<br>
$rowc[name] ";
}
}
?>
,並導致這樣
,並請給出代碼PHP顯示的結果。
遺憾,但不工作//警告:mysql_fetch_array():提供的參數不是一個有效的MySQL結果資源// – user3210744
修改答案 – raj
感謝ü它的工作:) – user3210744