無法用SQL查詢中的變量替換表名稱

Question

我遇到了一些問題。 這裏我請求（它的工作）：

$reponse = $bdd->prepare('select * from student where UserName = ? and Password = ? '); 
$reponse->execute(array($name,$pass)); 

它的工作，但是當我想一個PHP變量它沒有按牛逼的作品，以取代「學生」：/ 看：

$table="stackoverflow" 
$reponse = $bdd->prepare('select * from '$table' where UserName = ? and Password = ? '); 
$reponse->execute(array($name,$pass)); 

你有一個想法？如果我可以用變量替換表名，這會更簡單。 抱歉我的英文不好。 謝謝你花費在我身上的時間。

Answer 1

在PHP中，你加入兩個字符串或變量通過一個句點字符（。）。

因此，以連接表名和前和表名後您的語句，你應該改變這行

$reponse = $bdd->prepare('select * from '$table' where UserName = ? and Password = ? '); 

要

$reponse = $bdd->prepare('select * from '.$table.' where UserName = ? and Password = ? '); 

Answer 2

更改此：

$reponse = $bdd->prepare('select * from '$table' where UserName = ? and Password = ? '); 

要：

$reponse = $bdd->prepare("select * from `$table` where UserName = ? and Password = ? "); 

Answer 3

由於表名是一個字符串，試戴

"SELECT * FROM from \"".$table."\" WHERE ....... ";