爲什麼這個易失變量的地址總是在1？

Question

我想檢查我的變量

volatile int clock; 
cout << &clock; 

的地址，但它總是說，x爲地址1.我做錯了什麼？

Answer 1

iostreams會將大部分指針指向void *進行顯示 - 但是對於volatile指針不存在任何轉換。因爲這樣的C++可以回溯到隱含的轉換爲bool。投射到void*明確，如果你要打印的地址：

std::cout << (void*)&clock; 

Answer 2

有用於const void*的operator<<，但沒有operator<<爲volatile void*，並且隱式轉換不會刪除volatile（它不會刪除const要麼）。

正如GMan所說，指出的類型的簡歷資格應該與打印地址的業務無關。也許27.7.3.6.2中定義的超載應該是operator<<(const volatile void* val);，我不能馬上看到任何缺點。但事實並非如此。

#include <iostream> 

void foo(const void *a) { 
    std::cout << "pointer\n"; 
} 

void foo(bool a) { 
    std::cout << "bool\n"; 
} 

int main() { 
    volatile int x; 
    foo(&x); 
    std::cout << &x << "\n"; 
    int y; 
    foo(&y); 
    std::cout << &y << "\n"; 
    void foo(volatile void*); 
    foo(&x); 
} 

void foo(volatile void *a) { 
    std::cout << "now it's a pointer\n"; 
} 

輸出：

bool 
1 
pointer 
0x22cd28 
now it's a pointer 

Answer 3

這是因爲存在用於operator <<沒有過載，需要一個指針volatile，並且不存在指針轉換可能滿足它。

根據C++標準，

任何類型T，指針T，指針const T，和指針volatile T被認爲是不同的參數類型，因爲是參考T，參照const T，和參考到volatile T。

Operator << has no overload for pointers to non-static member，指針到易失性或功能指針，所以試圖輸出這樣的對象調用的隱式轉換到bool。