php var isset，？data = menu

Question

我有腳本，其中一些url導致index.php？數據，並打開頁面 我怎樣才能使用該URL打開一個「子頁面」，如index.php？data =菜單還是如此？ 我與第一個使用的代碼是

if(isset($_GET['palvelut'])){ echo "this is a sample"; }

Answer 1

你有正確的想法，但請允許我在小細說了。你需要檢查是否設置了$_GET['data']，通過做isset($_GET['data'])，如果設置了，檢查它是否有給定的值，在這種情況下是「菜單」。你可以像這樣做$_GET['data'] == "menu"。全部放在一起，你會得到這樣的：

if (isset($_GET['data']) && $_GET['data'] == "menu") { 
    /* Menu code goes here */ 
} 

如果你想有這個工作多值data你可以做到以下幾點：

if (isset($_GET['data'])) { 
    switch($_GET['data']) { 
    case "Possible_Value_1" : 
     /* Code for this condition appears here */ 
     break; 

    case "Possible_Value_2" : 
     /* Code for this condition appears here */ 
     break; 

    /* etc... */ 

    default : 
     //Just as a precaution... 
     echo "Invalid 'data' value supplied!"; 
     break; 
    } 
} 

希望有所幫助。

Answer 2

如果我理解你的問題（我不知道），你已經回答了。

您的網址是：http://www.mydomain.com/index.php?data=something

您的代碼將是：

if (!isset($_GET['data'])) { 
    //do something because no data argument was passed 
} else { 
    switch ($_GET['data']) { 
    case "homepage": 
     header("location: homepage.php"); 
     die; 
     break; 
    case "someotherpage": 
     header("location: someotherpage.php"); 
     die; 
     break; 
    //and so on 
    } 
} 

很明顯，而不要使用頭重定向，你可能只需要（）或包含（）一個文件，或者完全做一些其他的事情。